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EJERCICIOS RESUELTOS DE SECUENCIALES
1) El sistema de apertura de una caja fuerte está compuesto por dos teclas A y B, un
circuito secuencial a diseñar y un temporizador que mantiene la caja fuerte abierta durante 5
minutos cuando recibe un nivel lógico 1 desde el circuito secuencial. Este temporizador vuelve
a cerrar la caja fuerte pasado dicho tiempo, independientemente del circuito secuencial.

Cuando se pulsa la tecla A, se produce un nivel lógico 1 que entra al circuito secuencial,
mientras que cuando se pulsa la tecla B se produce un nivel lógico 0 de entrada al circuito a
diseñar. Mientras no se pulse ninguna tecla no se genera ningún nivel lógico de entrada al
circuito secuencial.

A
Circuito Caja
secuencial Temporizador fuerte
B

Para abrir la caja fuerte, la combinación secreta es: pulsar dos veces seguidas la tecla A,
a continuación pulsar una vez la tecla B, y finalmente pulsar una vez la tecla A. Si se hace de
esta manera, el circuito secuencial dará una salida a nivel lógico 1, que actuará sobre el
temporizador, permitiendo la apertura de la caja fuerte durante 5 minutos. Si en cualquier
momento se introdujera un error al pulsar la secuencia secreta, en el siguiente ciclo de reloj
todos los biestables se pondrán a cero (el sistema pasará al estado inicial), y la secuencia debe
volver a introducirse desde el principio.

a) Dibujar el diagrama de estados, explicando claramente en qué consiste cada estado.
b) Implementar el circuito secuencial a diseñar usando biestables JK y las puertas
necesarias.

1. Paso de las especificaciones verbales al diagrama de estados

En este caso, el diagrama de estados tiene que ser capaz de reconocer la combinación de
entrada 1101. Partimos de un estado inicial en el que se espera la introducción del código. A
continuación, se pasará a un nuevo estado cada vez que se reconozca correctamente el siguiente
bit del código, mientras que si éste no corresponde al código se volverá al estado inicial, y habrá
que teclear todo el código de nuevo. El significado de los estados será por tanto el de la
siguiente tabla.
0/0

Estado Definición Q1 Q0
q0 Estado inicial. 0 0 q0 1/0
1/1
No hay código
q1 Se ha recibido 0 1
el primer 1 0/0
q3 0/0 q1
q2 Se han recibido dos 1 1 0 1/0
consecutivos
q3 Se ha recibido el 0 después 1 1 q2 1/0
de dos 1 consecutivos 0/0

El funcionamiento del diagrama será el que se explica a continuación. Inicialmente nos
encontramos en el estado q0. Mientras no se teclee un 1 (recordemos que la combinación válida
es 1101) nos mantendremos en este estado. Cuando llegue el primer uno pasamos a q1. Si el
siguiente bit es de nuevo un 1, habremos reconocido los dos primeros correctamente, por lo que

1

el siguiente estado será q2. Sin embargo, si en lugar de un 1 se recibe un 0, la secuencia es
incorrecta, y como resultado habrá que regresar a q0, para que el código sea tecleado por
completo de nuevo. Del mismo modo, al recibir un 0 estando en q2 pasaremos a q3 (hemos
reconocido 110). Y finalmente, si en q3 la entrada es un 1, el código ha sido correcto, y por lo
tanto la salida del circuito será 1 y volveremos a q 0. Si la entrada es un 0, entonces falló el
último bit, y aunque volvamos también a q0, en este caso la salida del circuito es 0, puesto que el
código fue erróneo.

2. Construcción de la tabla de estados

Tomando el diagrama de estados de la figura anterior debe generarse la tabla de estados, en
la que a partir de las entradas y el estado actual se obtendrá el siguiente estado, y en la que a
partir de ambos, y con ayuda de la tabla de excitación se calcularán las entradas a los biestables
(JK en este caso). Nótese como ahora sí aparece una función de salida (S) diferente del estado
que almacenan los biestables.

E Q1(t) Q0(t) || Q1(t+1) Q0(t+1) | J1 K1 J0 K0 | S
--------------------------------------------------------------------------
0 0 0 || 0 0 | 0 x 0 x | 0
0 0 1 || 0 0 | 0 x x 1 | 0
0 1 0 || 1 1 | x 0 1 x | 0
0 1 1 || 0 0 | x 1 x 1 | 0
1 0 0 || 0 1 | 0 x 1 x | 0
1 0 1 || 1 0 | 1 x x 1 | 0
1 1 0 || 0 0 | x 1 0 x | 0
1 1 1 || 0 0 | x 1 x 1 | 1

3. Minimización de las funciones e implementación del circuito

Simplificando por Karnaugh obtendremos las funciones de entrada a los biestables (J1, K1,
J0 y K0) para el cálculo del nuevo estado, y la función de salida S.

J1 = E Q0 K1 = E + Q0
J0 = E XOR Q1 K0 = 1
S = E Q1 Q0

2) Se pretende diseñar un sistema secuencial síncrono con dos entradas E1 y E0, y una
salida S usando biestables D, de manera que proporcione salida alta sólo cuando las dos
entradas estén a nivel bajo habiendo estado también a nivel bajo ambas entradas en el ciclo de
reloj anterior. Las transiciones se producen en el flanco de bajada del reloj. En los restantes
ciclos de reloj, la salida debe ser baja. Las señales de entrada son periódicas, con un periodo 5
veces superior al período de reloj, y son las mostradas en la figura. NOTA: Observar que no se
producen todas las transiciones posibles.

a) Realizar el diagrama de transición de estados, definiendo y codificando los estados
y las entradas.
b) Realizar la tabla de verdad que resuelve el problema.
c) Encontrar el circuito.

2


Para determinar el número de estados necesarios debemos fijarnos en qué situaciones S
toma los valores 0 y 1. En este caso la salida S solamente se activará cuando ambas entradas (E1
y E0) tomen el valor 0, y además también hayan sido 0 en el ciclo anterior. Nos interesará
diferenciar, por tanto, dos situaciones diferentes: aquélla en la que las últimas entradas fueron 0
y otra en la que no se cumple esta condición. Si se da la primera, y las entradas vuelven a ser 0
de nuevo S tomará el valor 1. En cualquier otro caso S será 0.

1 periodo

reloj

E1

E0

S

Para realizar el diagrama, hay que tener en cuenta que sólo se dan las siguientes
transiciones: entrada E1E0=11 desde q1, entrada E1E0=00 desde q1, Entrada E1E0=00 desde q0,
que es la única que da salida 1 y entrada E1E0=10 desde q0. Esto nos permite simplificar el
diseño.

Estado Definición
q0 Entrada anterior = 00
q1 Estada anterior <> 00 00/1
11/0
10/0
q0 q1

00/0
Este comportamiento queda reflejado en el diagrama de estados anterior. Obsérvese como
estando en el estado q0 (las entradas anteriores fueron 00), mientras las entradas sigan siendo 00
la salida del circuito será 1. Si no, cambiaremos de estado a q1, puesto que E1 y E0 no fueron
ambas 0. Estando en q1 la salida siempre será 0, pues en el ciclo anterior las entradas no eran 0,
pero si lo fueran en el ciclo que se evalúa volveríamos de nuevo a q0.


la que a partir de las entradas y el estado actual se obtendrá el siguiente estado, y en la que a
partir de ambos, y con ayuda de la tabla de excitación se calcularán las entradas al biestable (D
en este caso).
E1 E0 Q(t) || Q(t+1) | D | S
--------------------------------------------
0 0 0 || 0 | 0 | 1
0 0 1 || 0 | 0 | 0
0 1 0 || x | x | x
0 1 1 || x | x | x
1 0 0 || 1 | 1 | 0
1 0 1 || x | x | x
1 1 0 || x | x | x
1 1 1 || 1 | 1 | 0

3


Simplificando por Karnaugh obtendremos la función de entrada al biestable D para el
cálculo del nuevo estado, y la función de salida S.

D = E1
S = Q’ E1’ = (Q + E1)’

3) Se pretende diseñar el sistema de encendido de intermitencia de un coche. Para ello
hay que diseñar un circuito secuencial que cumpla las siguientes especificaciones, de acuerdo
con la figura adjunta.

Cuando la palanca se coloque en la posición DERECHA, se deberá encender y apagar
de forma intermitente la luz identificada como D, de forma síncrona con un reloj de 1 Hz.
Cuando la palanca se coloque en la posición IZQUIERDA, se deberá encender y apagar de
forma intermitente la luz identificada como I, de forma síncrona con un reloj de 1 Hz. Cuando la
palanca se coloque en la posición central (APAGADO) no se encenderá ninguna luz.

Cuando se active el interruptor de EMERGENCIA, se activarán ambas luces
simultáneamente, y se desactivarán ambas de forma síncrona con el reloj, independientemente
de la posición de la palanca, es decir, la entrada de emergencia tiene prioridad absoluta.

a) Diseñar la circuitería adicional necesaria para que nunca entre más de una señal
activa al codificador y poner una tabla de salida del codificador para todos los casos
posibles.
b) Definir los estados, su codificación y su diagrama.
c) Realizar la tabla de excitación usando biestables D.
d) Implementar el circuito.

palanca A
derecha D
apagado APAG COD 4x2 B circuito
izquierda I a diseñar
EMER CK

emergencia

reloj 1 Hz

NOTA: Aunque en un caso real sería imposible mecánicamente pasar la palanca de
izquierda a derecha directamente, sin pasar por la posición Apagado, considerar que sí se puede
al resolver este ejercicio.

En primer lugar debe diseñarse la circuitería necesaria para asegurar que nunca entra
más de una señal activa en el codificador. Obsérvese en la figura del enunciado que las señales
externas proceden de dos lugares diferentes. Por un lado, las señales D, APAG e I son
generadas por un interruptor, por lo que por construcción es imposible que se activen dos
simultáneamente. Por otro lado tenemos la señal EMER, que procede de la señal emergencia.
Por lo tanto, lo que sí puede suceder es que ésta última y alguna de las anteriores se activen
simultáneamente. Para evitarlo es necesario inhibir alguna de las dos cuando se dé este caso.

4

Puesto que la señal de emergencia es más prioritaria, lo que haremos será utilizarla
como señal de ‘enable’ del resto, tal y como se muestra en la siguiente figura. Si EMER es 1,
entonces EMER’ es 0 y las tres AND darán como resultado 0, independientemente de si
también alguna de las señales I, D o APAG es 1. Si EMER es 0 entonces EMER’ es 1 y las
puertas AND permitirán el paso de las 3 señales, de las cuales, como ya se ha comentado, sólo
una estará activa.

Tal como se encuentran conectadas las entradas al codificador, el código de entrada en
las señales A y B será el recogido por la siguiente tabla. Q1 intermitentes izquierdos y Q0
intermitentes derechos. Es un autómata de Moore, conocido el estado, se conoce la salida.

IADE Definición Codificación
Q1 Q0
00 0 1 Emergencia 0 0
00 1 0 Derecha encendida 0 1
01 0 0 Ambas apagadas 1 0
10 0 0 Izquierda encendida 1 1


Los cuatro posibles estados corresponden a las 4 combinaciones de los dos pilotos de
intermitente. Hemos asignado la codificación tal y como se indica en la tabla bajo estas líneas,
de manera que el mismo estado puede utilizarse como señal de salida para la activación de los
intermitentes, simplificando de esta manera la función de salida.

Estado Definición Codificación
q0 Ambas apagadas 00
q1 Derecha encendida 01
q2 Izquierda encendida 10
q3 Ambas encendidas 11

Según esta codificación, el diagrama de estados del circuito secuencial a diseñar sería el
siguiente.

10

10,00
q0 01

00 01,10
11 q1
q3 11,10
11 01

00 11 00
q2

01

5

Mientras nos encontremos en el estado q0, por ejemplo, y la entrada de A y B sea 10 el
siguiente estado será q0, puesto que las luces deben permanecer apagadas. Supongamos que
ahora se activa la señal I, solicitando un intermitente a la izquierda. En tal caso se recibirá el
código 11 por A y B, por lo que, como se ve en el diagrama pasaremos al estado q 2. Nótese
como en el siguiente ciclo de reloj, si la entrada sigue siendo 11 el siguiente estado será q0,
provocando que el piloto de la izquierda se apague. La razón de que se produzca esta transición,
en lugar de permanecer en q2 es que si no el piloto izquierdo permanecería iluminado
permanentemente, sin parpadear. De esta manera, por tanto, mientras la entrada al circuito
secuencial sea 11, la máquina de estados estará constantemente oscilando entre q0 y q2,
provocando así la intermitencia. El resto de situaciones funcionan de la misma manera.


Tomando el diagrama de estados de la figura anterior debe generarse la tabla de estados,
en la que a partir de las entradas A y B y el estado actual se obtendrá el siguiente estado, y en la
que a partir de ambos, y con ayuda de la tabla de excitación, se calcularán las entradas a los
biestables (D en este caso).

A B Q1(t) Q0(t) || Q1(t+1) Q0(t+1) | D1 D0
----------------------------------------------------------------
0 0 0 0 || 1 1 | 1 1
0 0 0 1 || 1 1 | 1 1
0 0 1 0 || 1 1 | 1 1
0 0 1 1 || 0 0 | 0 0
0 1 0 0 || 0 1 | 0 1
0 1 0 1 || 0 0 | 0 0
0 1 1 0 || 0 1 | 0 1
0 1 1 1 || 0 1 | 0 1
1 0 0 0 || 0 0 | 0 0
1 0 0 1 || 0 0 | 0 0
1 0 1 0 || 0 0 | 0 0
1 0 1 1 || 0 0 | 0 0
1 1 0 0 || 1 0 | 1 0
1 1 0 1 || 1 0 | 1 0
1 1 1 0 || 0 0 | 0 0
1 1 1 1 || 1 0 | 1 0

Minimización de las funciones e implementación del circuito

Simplificando por Karnaugh obtendremos las funciones de entrada a los biestables (D1 y
D0) para el cálculo del nuevo estado. La función de salida (S1S0), como se ha comentado,
consiste simplemente en conectar cada salida de los biestables a la señal de activación de cada
una de los intermitentes.

D1 = (A + B)’ (Q1 Q0)’ + AB (Q1’ + Q0) S1 = Q1 (IZQUIERDOS)
D0 = A’ [ B’ (Q1 Q0)’ + B (Q0’ + Q1) ] S0 = Q0 (DERECHOS)

4) Se desea diseñar el circuito de control de un semáforo de peatones, cuyo
funcionamiento se describe a continuación.

Mientras no se active el pulsador (P = 0), el semáforo permanecerá por tiempo
indefinido en VERDE. Cuando se pulse P, se encenderá en el siguiente ciclo de reloj la luz
AMBAR, sin apagarse la VERDE, y transcurridos 5 segundos, se apagarán ambas y se
encenderá la ROJA durante 40 segundos, finalizados los cuales se volverá a la situación inicial
con sólo la luz VERDE encendida. Se supone que P se pulsa sólo cuando esté encendida la luz

6

VERDE, y nunca en los restantes casos. El sistema completo funciona según el esquema de la
figura adjunta.

circuito R
P secuencial A
V

R

A NOR Reset
FA E C
reloj 1 Hz contador 5
bloque 1 bloque 2
B NOR Reset
FB E D
contador 40

Cuando se encienden las luces VERDE y AMBAR el bloque 2 pone la línea C a nivel 0,
mientras que cuando se enciende sólo la luz ROJA pone la línea D a nivel 0. Mientras que
alguna de estas líneas está a nivel 0, queda inhibida la entrada del reloj al circuito secuencial.
Mientras el semáforo esté VERDE, los pulsos de reloj entran al circuito secuencial

Los contadores tienen una entrada RESET, activa a nivel alto, y una entrada de
HABILITACION (E), activa a nivel bajo. Cuando los contadores cuentan el último número
previsto presentan en su salida respectiva FA/FB un nivel 1, señalando que se ha llegado al final
de la cuenta. NOTA: R está conectado a las entradas de reloj de los tres biestables D que hay en
el circuito secuencial a diseñar.

a) ¿Cuál es la implementación más sencilla del bloque 1 considerando que la entrada
de reloj al circuito secuencial debe inhibirse (R = 0) cuando A o B sean 1?
b) Implementar el bloque 2, considerando que cuando estén activadas las luces
VERDE y AMBAR, C debe ser 0, y cuando esté encendida la luz ROJA, D debe ser
0. Para ello usar sólo una puerta lógica y un inversor.
c) Diseñar el circuito secuencial usando 3 biestables tipo D con salidas conectadas
directamente a las luces del semáforo.

En la figura del enunciado pueden apreciarse cuatro bloques bien diferenciados. Por un
lado el circuito secuencial, encargado de generar la secuencia correcta de iluminación, por otro
el bloque 2 responsable de activar los contadores en función de la transición del semáforo (de
verde y amarillo a rojo, y de rojo a verde). Por último, el bloque 1 debe encargarse de inhabilitar
el circuito secuencial mientras alguno de los contadores está en marcha. Esta inhabilitación se
realiza desactivando la señal de reloj del circuito, de manera que así no puede cambiar de estado
hasta que el reloj se active de nuevo, cosa que sucederá cuando los contadores hayan terminado.

La implementación del bloque 1, por lo tanto será la que recoge la siguiente tabla de
verdad. Obsérvese como cuando ninguno de los contadores está en marcha (A y B son 0) la
entrada al circuito secuencial es la del reloj del sistema. Sin embargo, si uno de los dos
contadores se pone en marcha (A o B son 0) la entrada de reloj del circuito secuencial es R = 0,
impidiendo que pueda cambiar de estado hasta que el contador no haya terminado. Como los
contadores no pueden activarse simultáneamente la combinación A y B igual a 1 no se
producirá nunca.

7

A B | R R = A’ B’ reloj = (A + B)’ reloj
-----------------
0 0 | reloj
0 1 | 0
1 0 | 0
1 1 | X

El segundo bloque es el responsable de la activación de los contadores. El primer
contador, gobernado por la señal C debe ponerse en marcha (C = 0) cuando se enciendan las
luces verde y ámbar. El segundo, disparado por la señal D, se activará (D = 0) cuando el
semáforo esté en rojo. Según esta codificación, y teniendo en cuenta que existen combinaciones
que no se producirán nunca (por ejemplo un semáforo en el que no esté activada ninguna luz: V
= 0, A = 0 y R = 0) se ha completado el diseño del bloque 2.

V A R | C D
-----------------------
0 0 0 | x x
0 0 1 | 1 0
0 1 0 | x x
0 1 1 | x x
1 0 0 | 1 1
1 0 1 | x x
1 1 0 | 0 1
1 1 1 | x x

C = A’ D = R’ = V

Por último, queda diseñar el circuito secuencial propiamente dicho, para lo cual
procederemos como siempre.


Puesto que el semáforo sólo utiliza tres de las posibles combinaciones de colores (verde,
verde y ámbar, y rojo), sólo serán necesarios tres estados para su codificación. Por lo tanto, con
dos biestables tendríamos suficiente para almacenar las tres codificaciones. Sin embargo, y para
simplificar la salida del circuito, puesto que cada luz del semáforo es controlada por una salida
diferente, podríamos utilizar tres biestables, de manera que cada uno de ellos fuera el
responsable de la activación o desactivación de una de las líneas. De esta manera se
desperdician 5 de las ocho posibles combinaciones posibles con los tres biestables, pero a
cambio la salida del circuito es directamente el estado almacenado en sus biestables (máquina
de Moore).

Estado Definición Qv Qa Qr 0 1
q0 Verde 1 0 0 q0 q1
q1 Verde y ámbar 1 1 0
q2 Rojo 0 0 1
0
0
En realidad se puede considera un contador que cuenta
100 → 110 → 001 → 100 y así sucesivamente. q2

8


la que a partir de la entrada P y el estado actual se obtendrá el siguiente estado, y en la que a
partir de ambos, y con ayuda de la tabla de excitación se calcularán las entradas a los biestables
(D en este caso).

P Qv(t) Qa(t) Qr(t) || Qv(t+1) Qa(t+1) Qr(t+1) | Dv Da Dr
--------------------------------------------------------------------------------------
0 0 0 0 || x x x | x x x
0 0 0 1 || 1 0 0 | 1 0 0
0 0 1 0 || x x x | x x x
0 0 1 1 || x x x | x x x
0 1 0 0 || 1 0 0 | 1 0 0
0 1 0 1 || x x x | x x x
0 1 1 0 || 0 0 1 | 0 0 1
0 1 1 1 || x x x | x x x
1 0 0 0 || x x x | x x x
1 0 0 1 || x x x | x x x
1 0 1 0 || x x x | x x x
1 0 1 1 || x x x | x x x
1 1 0 0 || 1 1 0 | 1 1 0
1 1 0 1 || x x x | x x x
1 1 1 0 || x x x | x x x
1 1 1 1 || x x x | x x x


Simplificando por Karnaugh obtendremos las funciones de entrada a los biestables (Dv, Da,
y Dr) para el cálculo del nuevo estado. La función de salida, como se ha comentado, consiste
simplemente en conectar cada salida de los biestables a la señal de activación de cada una de las
luces de los semáforos

Dv = Qa’ Da = P Dr = Qa

5) Una máquina expendedora de tabaco está controlada por un circuito secuencial como
el de la figura. Dicho circuito recibe como entradas el código de dos bits (tabla 1) de las
monedas que va introduciendo el usuario. Como salidas, el circuito debe activar 2 señales,
correspondientes a si se debe o no entregar el tabaco (T), y la cantidad de cambio a reintegrar
(C1 y C0), codificadas según las tablas 2 y 3 respectivamente.

El funcionamiento del circuito es el siguiente. El usuario debe introducir monedas hasta
alcanzar la cantidad de 100, que será el precio del tabaco. Una vez que la suma de monedas
alcance dicho importe, automáticamente la máquina servirá el tabaco, retornando además el
cambio correspondiente. Por ejemplo, si el usuario ha introducido 1 moneda de 25 y 2 monedas
de 50, la máquina debe servirle el paquete y una moneda de 25 (salidas T C1 C0 = 1 0 1).

M(2) T (1)
Circuito secuencial

C(2)

9

M1 M0 Significado
0 0 No hay moneda
0 1 Nueva moneda de 25
Tabla 1: Codificación de la entrada M

T Significado
0 No servir tabaco
1 Servir tabaco
Tabla 2: Codificación de la salida T

C1 C0 Significado
0 0 No hay cambio
0 1 Cambio de 25
1 0 Cambio de 50
1 1 Cambio de 75
Tabla 3: Codificación del cambio C

Diseña el circuito secuencial correspondiente, indicando claramente:

• El número y codificación de estados.
• El diagrama de estados.
• La tabla de transiciones y salidas del circuito, utilizando para ello un biestable T (para
el bit más significativo que almacena el estado), y biestables JK para el resto.

• La implementación del circuito, utilizando mapas de Karnaugh para implementar todas
las funciones.

10

6) Diseñar un sistema secuencial capaz de reconocer el patrón 001011. La entrada al
circuito se realizará a través de una señal de entrada E, de forma síncrona, y en serie (un nuevo
bit cada ciclo de reloj). El circuito dispondrá de una salida S que tomará el valor ‘1’ en el
instante en el que se reconozca el patrón en la secuencia de entrada, y será ‘0’ en todos los
demás casos. NOTA: debe tenerse en cuenta que al recibir un bit fuera de secuencia no hay que
desechar todos los valores recogidos hasta ese momento. Es posible que parte de la secuencia
siga siendo válida. Por ejemplo, si suponemos que se ha recibido la secuencia 00, y a
continuación llega un tercer 0, se considerará que los 2 últimos ceros son parte de una secuencia
correcta.
Se pide:
a) Identificación y codificación de estados.
b) Diagrama de estados.
c) Completar la tabla de verdad teniendo en cuenta que deben utilizarse biestables
tipo JK, T y D (de más a menos significativo) para la implementación física del
circuito.

1) Definición de estados y codificación
CODIFICACIÓN
ESTADO Q2(t) Q1(t) Q0(t) DEFINICIÓN
q0 0 0 0 Inicial. Resto de estados
q1 0 0 1 El último bit recibido fue 0
q2 0 1 0 Los dos últimos bits recibidos fueron 00
q3 0 1 1 Los tres últimos bits recibidos fueron 001
q4 1 0 0 Los cuatro últimos bits recibidos fueron 0010
q5 1 0 1 Los cinco últimos bits recibidos fueron 00101

2) Diagrama de estados

3) Implementación
E Q2(t) Q1(t) Q0(t) Q2(t+1) Q1(t+1) Q0(t+1) J2 K2 T1 D0 S
0 0 0 0 0 0 1 0 X 0 1 0
0 0 0 1 0 1 0 0 X 1 0 0
0 0 1 0 0 1 0 0 X 0 0 0
0 0 1 1 1 0 0 1 X 1 0 0
0 1 0 0 0 1 0 X 1 1 0 0
0 1 0 1 0 0 1 X 1 0 1 0
0 1 1 0 X X X X X X X X
0 1 1 1 X X X X X X X X
1 0 0 0 0 0 0 0 X 0 0 0
1 0 0 1 0 0 0 0 X 0 0 0
1 0 1 0 0 1 1 0 X 0 1 0
1 0 1 1 0 0 0 0 X 1 0 0
1 1 0 0 1 0 1 X 0 0 1 0
1 1 0 1 0 0 0 X 1 0 0 1
1 1 1 0 X X X X X X X X
1 1 1 1 X X X X X X X X

11

EJERCICIOS RESUELTOS DE REGISTROS Y CONTADORES
1) Dado el circuito de la figura, determinar la secuencia de salida serie por Q D si la situación
inicial de los biestables es QA=1, QB=1, QC=1 y QD=0.

Teniendo en cuenta que ES = QB ⊕ QC + (QB + QD ) , y considerando que el registro
de desplazamiento mueve los datos al bit de la derecha en cada ciclo de reloj, resulta la
siguiente tabla:

Orden QA(t) QB(t) QC(t) QD(t) ES QA(t+1) QB(t+1) QC(t+1) QD(t+1)
0 0 0 0 1 1 0 0 0
0 0 0 1 0 0 0 0 0
0 0 1 0 1 1 0 0 1
Tercero 0 0 1 1 1 1 0 0 1
Quinto 0 1 0 0 1 1 0 1 0
0 1 0 1 1 1 0 1 0
0 1 1 0 0 0 0 1 1
Segundo 0 1 1 1 0 0 0 1 1
1 0 0 0 1 1 1 0 0
Cuarto 1 0 0 1 0 0 1 0 0
Sexto 1 0 1 0 1 1 1 0 1
1 0 1 1 1 1 1 0 1
1 1 0 0 1 1 1 1 0
Séptimo 1 1 0 1 1 1 1 1 0
Primero 1 1 1 0 0 0 1 1 1
1 1 1 1 0 0 1 1 1

La evolución particular en este circuito es la reflejada por el siguiente diagrama:

con lo que la secuencia de salida en QD será 0111001 repetida periódicamente.

2) Dado el circuito de la figura, determinar el cronograma de las salidas de los dos contadores.
Suponer que ambos contadores son activos en el flanco de subida. Inicialmente los dos
contadores están a 0.

Hay que tener en cuenta que el contador de 2 bits se pone a 0 cuando Q B=1 y cuando
x= 1 , mientras que el contador de 3 bits se pone a 0 cuando Q E=1, x = 1 y QC=1. También
debe considerarse que el impulso de cuenta del contador de tres bits se produce en las
transiciones bajo-alto de C’k, que es la AND de Ck con X.

3) R1 y R2 son dos registros de desplazamiento de 8 bits, en cada uno de los cuales están
almacenados dos números binarios N1 y N2 respectivamente. Se trata de diseñar un circuito
secuencial síncrono con dos entradas x1 y x2 por las que entran bit a bit en cada ciclo de reloj
los números N1 y N2, comenzando por el bit más significativo (MSB), y dos salidas z1 y z2
(por z1 sale el menor de los dos números y por z2 el mayor).

a) Definir claramente los estados del sistema y su codificación.
b) Encontrar el diagrama de estados y las tablas de transición y excitación usando
biestables T.
c) Encontrar las ecuaciones de salida z1 y z2 teniendo en cuenta que sólo se dispone de
puertas NAND y de excitación de los biestables para implementar con puertas AND e
inversores. (NO PONER EL DIAGRAMA LÓGICO, SÓLO LAS EXPRESIONES).

┌──────────┐ ┌────────────────────────────────┐
┌─┤ R1 ├─────┤x1 z1├──
│ └──────────┘ │ │
│ │ Circuito Secuencial a │
│ │ diseñar │
│ ┌──────────┐ │ │
├─┤ R2 ├─────┤x2 z2├──
│ └──────────┘ └───────────────┬────────────────┘
│ │
Reloj ───┴──────────────────────────────────┘

4) Se trata de diseñar un circuito secuencial que admite como entradas dos líneas A y B,
procedentes de sendos registros de desplazamientos, de forma sincronizada con un reloj, por las
que entran 1 bit por cada línea en cada ciclo de reloj.

┌──────────┐ ┌────────────────────────────────┐
┌─┤ R1 ├─────┤A z1├──
│ └──────────┘ │ │
│ │ Circuito Secuencial a │
│ │ diseñar │
│ ┌──────────┐ │ │
├─┤ R0 ├─────┤B z0├──
│ └──────────┘ └───────────────┬────────────────┘
│ │
Reloj ───┴──────────────────────────────────┘

En cada momento se debe ver en la salida z1 z0, codificado en binario, el número de
ceros que faltan por introducir hasta que éste (el número de ceros introducidos) sea un múltiplo
de 4. Suponer que z1 es la línea más significativa de la salida y que el estado inicial, es decir,
cuando todavía no se ha introducido ningún cero, es el mismo que el estado correspondiente a
introducir un número de ceros que sea múltiplo de 4.

Se pide:

• Definición de estados, codificación de entradas, estados y salidas.
• Implementación del circuito usando biestables T.
• Si se usasen biestables D, ¿qué relación algebraica habría entre la excitación de
dichos biestables y las salidas del circuito?

1) Definición de estados y codificación

ESTADO CODIFICACIÓN DEFINICIÓN
Q2(t) Q1(t)
q0 0 0 Inicial. El número de ceros introducidos es múltiplo de 4
q1 0 1 Faltan por introducir tres ceros para que el número de ceros sea
múltiplo de 4
q2 1 0 Faltan por introducir dos ceros para que el número de ceros sea
múltiplo de 4
q3 1 1 Falta por introducir un cero para que el número de ceros sea
múltiplo de 4

Diagrama de estados (Máquina de Moore)

b) Implementación con biestables T

A B Q1(t) Q0(t) Q1(t+1) = Q0(t+1) = T1 T0 Z1 Z0
D1 D0
0 0 0 0 1 0 1 0 1 0
0 0 0 1 1 1 1 0 0 1
0 0 1 0 0 0 1 0 0 0
0 0 1 1 0 1 1 0 1 1
0 1 0 0 0 1 0 1 1 1
0 1 0 1 1 0 1 1 1 0
0 1 1 0 1 1 0 1 0 1
0 1 1 1 0 0 1 1 0 0
1 0 0 0 0 1 0 1 1 1
1 0 0 1 1 0 1 1 1 0
1 0 1 0 1 1 0 1 0 1
1 0 1 1 0 0 1 1 0 0
1 1 0 0 0 0 0 0 0 0
1 1 0 1 0 1 0 0 1 1
1 1 1 0 1 0 0 0 1 0
1 1 1 1 1 1 0 0 0 1

T1 = A Q0 + A B + B· Q0
· ·

T0 = A ⊕ B

Z 1= A·B ·Q1 ·Q 0 + A·B ·Q1 ·Q 0 + A·Q1 ·Q 0 + A· B·Q1 + B ·Q1 ·Q0

Z 0 = A B· Q0 + A B· Q0 + A B· Q0 + A B· Q0
· · · ·

c) Implementación con biestables D

D0 = Z 0

D1 = Z1 ⊕ Z 0

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